Python-сообщество

Здравствуйте!

Помогите найти хороший годный пример аплоада изображений на сервер, их дальнейше обработки (например, ресайза) и сохранения в БД. Нашел несколько примеров о том, как созадть модель:

class MyImage(models.Model):
    name = models.CharField(max_length=30)
    description = models.CharField(max_length=250)
    image= models.ImageField(upload_to='images')

class ImageUploadForm(forms.Form):
    name = forms.CharField(max_length=30)
    description  = forms.CharField(max_length=250)
    image = forms.ImageField()

def picview(request):
  if request.method == 'POST':
    form = ImageUploadForm(request.POST, request.FILES)
    if form.is_valid():
      #Обработка проверенных данных - ?
    else:
      ...
    return ....

Я делаю так:

def handle_uploaded_file(f, filename):
	""" загрузка файла """
	destination = open(filename, 'wb+')
	for chunk in f.chunks():
		destination.write(chunk)
	destination.close()

...

if form.is_valid():
...
handle_uploaded_file(request.FILES['f'], 'some_filename')
...
А потом уже можно PIL:
thumbnail_image = Image.open(l_image.image)
thumbnail_image.thumbnail((100, thumbnail_image.size[1]-10), Image.ANTIALIAS)
...

Отредактировано (Окт. 3, 2009 16:01:25)

Lolka
Image.open(l_image.image)

Отредактировано (Окт. 3, 2009 18:53:08)

Здесь thumbnail_image = Image.open(l_image.image) – просто обычный путь к файлу прописывается. Скажем, в вашем случае если l_image это объект класса MyImage – будет работать.
Если сделать форму forms.ModelForm, тогда всех танцев с бубном танцевать не надо, достаточно сделать form.save().
В противном случае handle_uploaded_file сохраняет файл, скажем, с именем filename, а создание строки будет работать так: MyImage.objects.create(name=form.cleaned_data, description=form.cleaned_data, image=filename).

Отредактировано (Окт. 3, 2009 21:55:33)

Lolka
Если сделать форму forms.ModelForm, тогда всех танцев с бубном танцевать не надо, достаточно сделать form.save().